01背包问题

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01背包问题

一:问题

  有$N$件物品和一个容量为$V$的背包。第$i$件物品的体积是$C_i$,其价值是$W_i$。求解,在不超过背包容量情况下,将哪些物品装入背包可使价值总和最大。

二:基本思路

  这是最基础的背包问题,特点是:每种物品仅有一件。
  状态 $F[i,v]$表示前$i$件物品中选择若干件放在容量为$v$的背包中,可以取得的最大价值。
  转移方程
$$
F[i,v]=\max {F[i−1,v],F[i−1,v−C_i]+W_i}
$$
对于第$i$件物品,有放与不放两种选择。若选择不放,$F[i,v]=F[i−1,v]$;若选择放,$v−C_i$确保有足够的空间,随之$F[i,v]=F[i−1,v−C_i]+W_i$。

三:代码

/**
 *
 * author 刘毅(Limer)
 * date   2017-03-17
 * mode   C++
 */
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;

int main()
{
    const int N = 6;                     //物品个数
    const int V = 10;                    //背包体积
    int C[N + 1] = { -1,5,6,5,1,19,7 };  //第i个物品的体积(下标从1开始)
    int W[N + 1] = { -1,2,3,1,4,6,5 };   //第i个物品的价值
    int F[N + 1][V + 1] = { 0 };         //状态

    for (int i = 1; i <= N; i++)  //对于第i个物品
        for (int v = 0; v <= V; v++)
        {
            F[i][v] = F[i - 1][v];  //第i个不放
            if (v - C[i] >= 0 && F[i][v] < F[i - 1][v - C[i]] + W[i])  //如果比它大,再放第i个
                F[i][v] = F[i - 1][v - C[i]] + W[i];
        }

    cout << "最大价值是:" << F[N][V] << endl;  //9

    return 0;
}

四:空间复杂度优化

  以上方法的时间和空间复杂度均为$O(VN)$,其中时间复杂度应该已经不能再优化了,但空间复杂度却可以优化到$O(V)$。
  先考虑上面讲的基本思路如何实现,肯定是有一个主循环i ← 1 to N,每次算出来二维数组$F[i,v]$的所有值。那么,如果只用一个数组$F[v]$能不能保证第$i$次循环结束后$F[v]$中表示的就是我们定义的状态$F[i,v]$呢?
  $F[i,v]$是由$F[i−1,v]$和$F[i−1,v−C_i]$两个子问题递推而来,能否保证在推$F[i,v]$时(也即在第$i$次主循环中推$F[v]$时)能够取用$F[i−1,v]$和$F[i−1,v−C_i]$的值呢?
  事实上,这要求在每次主循环中我们以v ← V to C[i]的递减顺序计算$F[v]$,这样才能保证计算$F[v]$时$F[v−C_i]$保存的是状态$F[i−1,v−C_i]$的值。
  优化后的代码如下:

/**
 *
 * author 刘毅(Limer)
 * date   2017-03-17
 * mode   C++
 */
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;

int main()
{
    const int N = 6;                     //物品个数
    const int V = 10;                    //背包体积
    int C[N + 1] = { -1,5,6,5,1,19,7 };  //第i个物品的体积(下标从1开始)
    int W[N + 1] = { -1,2,3,1,4,6,5 };   //第i个物品的价值
    int F[V + 1] = { 0 };                //状态

    for (int i = 1; i <= N; i++)  //对于第i个物品
        for (int v = V; v >= C[i]; v--)
            F[v] = max(F[v], F[v - C[i]] + W[i]);
        
    cout << "最大价值是:" << F[V] << endl;  //9

    return 0;
}

五:初始化的细节问题

  我们看到的求最优解的背包问题题目中,事实上有两种不太相同的问法。有的题目要求“恰好装满背包”时的最优解,有的题目则并没有要求必须把背包装满。这两种问法的实现方法只是在初始化的时候有所不同。
  如果是第一种问法,要求恰好装满背包,那么在初始化时除了F[0]为0,其它F[1]...F[V]均设为−∞,这样就可以保证最终得到的F[V]是一种恰好装满背包的最优解。如果并没有要求必须把背包装满,而是只希望价格尽量大,初始化时应该将F[0]...F[V]全部设为0。
  这是为什么呢?可以这样理解:初始化的F数组事实上就是在没有任何物品可以放入背包时的合法状态。如果要求背包恰好装满,那么此时只有容量为0的背包可以在什么也不装且价值为0的情况下被“恰好装满”,其它容量的背包均没有合法的解,属于未定义的状态,应该被赋值为-∞了。如果背包并非必须被装满,那么任何容量的背包都有一个合法解“什么都不装”,这个解的价值为0,所以初始时状态的值也就全部为0了。

参考文献:
[ 1 ] .背包九讲.

文章转自我的个人博客:http://www.61mon.com/index.php/archives/188/


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