JQuery 如何传递input file的内容至PHP进行处理

Question

今天问题高产似母猪...

通过下列代码，我已经获取了 filemeta 也就是被选中的那个文件。

    $('#coverfile').on('change', '', function() {
        var filemeta = $('#coverfile').prop('files')[0];
    });

然后我有一个btn按钮，需要通过点击后ajax的方式传递这个被选中的图片，然后在php文件中进行处理。
但是我不知道应该怎么去传递这个获取过来的filemeta

本来我想传递base64过去的，因为预览图片我使用的是转换为base64进行预览的，但是这个转换后的字节太大了，php文件字节报500错误，所以我得换个办法...

Answer 1

用FormData对象提交。注意IE只有版本10以上支持。

FormData对象怎么来呢，有两种方法。

方法一：表单就是FormData

HTML代码：

<form id="fileform">
    <input type="file" name="file">
</form>

JS代码：

var formElement = document.getElementById("fileform");
//jQuery可以像这样：
//var formElememt = $("#fileform")[0];
var formData = new FormData(formElement);

方法二：自己构造

HTML代码：

<input type="file" id="file">

JS代码：

var fileInput = document. getElementById("file");
//用jQuery可以这样：
//var fileInput=$("#file")[0];
var file = fileInput.files[0];    //获得File对象(也就是你那个filemeta)，这里文件是单选的，如果是多选的需要遍历fileInput.files属性来获取每一个文件
var formData = new FormData();
formData.append("file", file);    //FormData对象的append方法第一个参数相当于input的name属性，第二个参数就是value，可以是File对象

用jQuery发送请求

$.ajax({
    type: "POST",    //必须POST
    url: "http://example.com",    //接收请求的URL
    processData: false,    //必须设置
    contentType: false,    //必须设置
    data: formData    //直接把formData对象作为data属性的值发送
    //其他参数参数自行设置
})

参考

MDN是个好东西，要学会用

https://developer.mozilla.org/zh-CN/docs/Web/Guide/Using_FormData_Objects